특정 유형에 대한 템플릿 멤버 함수를 전문화해야합니다 ( double 이라고 가정 해 보겠습니다 ). 클래스 X
자체가 템플릿 클래스가 아닌 동안 잘 작동 하지만 템플릿을 만들면 GCC가 컴파일 타임 오류를 제공하기 시작합니다.
#include <iostream>
#include <cmath>
template <class C> class X
{
public:
template <class T> void get_as();
};
template <class C>
void X<C>::get_as<double>()
{
}
int main()
{
X<int> x;
x.get_as();
}
여기에 오류 메시지가 있습니다
source.cpp:11:27: error: template-id
'get_as<double>' in declaration of primary template
source.cpp:11:6: error: prototype for
'void X<C>::get_as()' does not match any in class 'X<C>'
source.cpp:7:35: error: candidate is:
template<class C> template<class T> void X::get_as()
어떻게 해결할 수 있으며 여기서 문제는 무엇입니까?
미리 감사드립니다.
답변
그런 식으로 작동하지 않습니다. 다음과 같이 말해야하지만 정확 하지 않습니다.
template <class C> template<>
void X<C>::get_as<double>()
{
}
명시 적으로 특수화 된 멤버도 명시 적으로 전문화 하려면 주변 클래스 템플릿이 필요합니다. 따라서 다음과 같이 말해야합니다. 이는 X<int>
.
template <> template<>
void X<int>::get_as<double>()
{
}
주변 템플릿을 특수화하지 않으려면 몇 가지 선택 사항이 있습니다. 나는 과부하를 선호한다
template <class C> class X
{
template<typename T> struct type { };
public:
template <class T> void get_as() {
get_as(type<T>());
}
private:
template<typename T> void get_as(type<T>) {
}
void get_as(type<double>) {
}
};
답변
사용할 수 있다면 std::enable_if
SFINAE에 의존 할 수 있습니다 (대체 실패는 오류가 아닙니다).
그렇게 작동합니다 ( LIVE 참조 ).
#include <iostream>
#include <type_traits>
template <typename C> class X
{
public:
template <typename T,
std::enable_if_t<!std::is_same_v<double,T>, int> = 0>
void get_as() { std::cout << "get as T" << std::endl; }
template <typename T,
std::enable_if_t<std::is_same_v<double,T>, int> = 0>
void get_as() { std::cout << "get as double" << std::endl; }
};
int main() {
X<int> d;
d.get_as<double>();
return 0;
}
추악한 것은 이러한 모든 enable_if의 유일한 전문화가 컴파일러에 대해 사용 가능해야한다는 것입니다. 그렇지 않으면 명확성 오류가 발생합니다. 그렇기 때문에 기본 동작 “get as T”에도 활성화 if가 필요합니다.