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템플릿 클래스 멤버 함수의 명시 적 전문화 템플릿 클래스가 아닌 동안 잘 작동 하지만

특정 유형에 대한 템플릿 멤버 함수를 전문화해야합니다 ( double 이라고 가정 해 보겠습니다 ). 클래스 X자체가 템플릿 클래스가 아닌 동안 잘 작동 하지만 템플릿을 만들면 GCC가 컴파일 타임 오류를 제공하기 시작합니다.

#include <iostream>
#include <cmath>

template <class C> class X
{
public:
   template <class T> void get_as();
};

template <class C>
void X<C>::get_as<double>()
{

}

int main()
{
   X<int> x;
   x.get_as();
}

여기에 오류 메시지가 있습니다

source.cpp:11:27: error: template-id
  'get_as<double>' in declaration of primary template
source.cpp:11:6: error: prototype for
  'void X<C>::get_as()' does not match any in class 'X<C>'
source.cpp:7:35: error: candidate is:
  template<class C> template<class T> void X::get_as()

어떻게 해결할 수 있으며 여기서 문제는 무엇입니까?

미리 감사드립니다.

답변

그런 식으로 작동하지 않습니다. 다음과 같이 말해야하지만 정확 하지 않습니다.

template <class C> template<>
void X<C>::get_as<double>()
{

}

명시 적으로 특수화 된 멤버도 명시 적으로 전문화 하려면 주변 클래스 템플릿이 필요합니다. 따라서 다음과 같이 말해야합니다. 이는 X<int>.

template <> template<>
void X<int>::get_as<double>()
{

}

주변 템플릿을 특수화하지 않으려면 몇 가지 선택 사항이 있습니다. 나는 과부하를 선호한다

template <class C> class X
{
   template<typename T> struct type { };

public:
   template <class T> void get_as() {
     get_as(type<T>());
   }

private:
   template<typename T> void get_as(type<T>) {

   }

   void get_as(type<double>) {

   }
};

답변

사용할 수 있다면 std::enable_ifSFINAE에 의존 할 수 있습니다 (대체 실패는 오류가 아닙니다).

그렇게 작동합니다 ( LIVE 참조 ).

#include <iostream>
#include <type_traits>

template <typename C> class X
{
public:
    template <typename T,
              std::enable_if_t<!std::is_same_v<double,T>, int> = 0>
    void get_as() { std::cout << "get as T" << std::endl; }

    template <typename T,
              std::enable_if_t<std::is_same_v<double,T>, int> = 0>
    void get_as() { std::cout << "get as double" << std::endl; }
};

int main() {
   X<int> d;
   d.get_as<double>();

   return 0;
}

추악한 것은 이러한 모든 enable_if의 유일한 전문화가 컴파일러에 대해 사용 가능해야한다는 것입니다. 그렇지 않으면 명확성 오류가 발생합니다. 그렇기 때문에 기본 동작 “get as T”에도 활성화 if가 필요합니다.

답변